Problem - 1150B - Codeforces
小C是重度强迫症晚期患者，如果某些图形无法按照他的想法排列，那么他就会迎来他的末日。某天小C来到了心心念念的女神家里（绝对不可能是女装大佬，绝对不可能），他发现地砖有两种颜色组成，分别是白色和绿色。小C对女神家里的一切都充满好奇，经过他不懈的研究，终于发现绿色地砖是白色地砖涂了绿色涂料变成的，这使他大为震惊，但是这些都不重要，主要是他家里的地砖是由十字形的绿色地砖组成，只要能证明女神家的地砖也是由一个个绿色十字组成，那么他就会认为女神和他很般配，如果不能那么他就会迎来强迫症末日，绿色十字如下图所示：
女神家的地砖有n行n列，总共n2𝑛2块地砖。对于一个绿色十字，小C认为必须由5块地砖组成，而且两个十字间不可以共用绿色地砖，由于女神家非常大，小C的强迫症末日一时间竟不知道要不要降临，所以需要你编程进行判断。
简单的暴力就可以了;
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
char mp[55][55];
int n;
int dx[5]={0,0,0,1,-1};
int dy[5]={0,1,-1,0,0};
signed main(){cin>>n;for(int i=1;i<=n;i++){for(int j=1;j<=n;j++){cin>>mp[i][j]; }}int sum=0;for(int i=1;i<=n;i++){for(int j=1;j<=n;j++){sum=0;for(int k=1;k<=4;k++){if(mp[i][j]=='.'){int xx=i+dx[k];int yy=j+dy[k];if(xx>0&&xx<=n&&yy>0&&yy<=n&&mp[xx][yy]=='.'){sum++;}}}if(sum==4){for(int k=1;k<=4;k++){if(mp[i][j]=='.'){int xx=i+dx[k];int yy=j+dy[k];if(xx>0&&xx<=n&&yy>0&&yy<=n&&mp[xx][yy]=='.'){mp[xx][yy]='#';}}}mp[i][j]='#';}}}for(int i=1;i<=n;i++){for(int j=1;j<=n;j++){if(mp[i][j]=='.'){cout<<"NO"<<endl;return 0;}}}cout<<"YES"<<endl;return 0;
}D - All Assign Point Add (atcoder.jp)
题意：给你一个长度为n的数组，你有Q次操作，
有三种类型的操作:
1 x:将数组所有的值全部都变为x；
2 x y:将y加入到数组下标为x的位置（数组下标从1开始）
3 x :输出下标为x的数组中值；
数据范围是2e5；
题解，当执行操作1的时候不用全部都更新，只用开一个数组记录执行操作2 / 3 之前有无将数更新为x即可；
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
int a[200005];
int b[200005];
queue<int>one;
queue<pair<int,int>>two;
queue<int>three;
queue<int>xuhao;
signed main(){int n;cin>>n;for(int i=1;i<=n;i++){cin>>a[i];}int Q;cin>>Q;int x=0,f=0;while(Q--){int op;cin>>op;if(op==1){cin>>x;f++;}else if(op==2){int y,u;cin>>y>>u;if(b[y]!=f){b[y]=f;a[y]=x+u;}else{a[y]+=u;}}else if(op==3){int p;cin>>p;if(b[p]==f)cout<<a[p]<<endl;else {b[p]=f;a[p]=x;cout<<a[p]<<endl;}}}}
Problem - 1332D - Codeforces
题解：构造一个矩阵，找找其中规律，要让自己的算法和正确答案之间的差值不大于k;
因为k的取值范围是1e5转换成二进制就是2的17次方，所以将1<<17位,接着我们来构造一个矩阵：
2*2的矩阵可以吗，显然不行，这样的话小明的算法和正确答案是一模一样的，那我们构造一个2*3的矩阵，
ans=1<<17;
我们需要让算法的结果为0，正确答案为k即可
矩阵：
ans+k ans 0
k ans+k k
按照小明的算法得到的结果就是
ans+k ans 0
k ans(max(ans,k)) 0
而正确答案是不用取最大，就取k,最后结果就是最大值k;
他们之间就像相差k;
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long longsigned main(){int k;cin>>k;int ans=(1<<17);cout<<2<<' '<<3<<endl;cout<<ans+k<<" "<<ans<<" "<<0<<endl;cout<<k<<" "<<ans+k<<" "<<k<<endl;return 0;
}[ARC134B] Reserve or Reverse - 洛谷 | 计算机科学教育新生态 (luogu.com.cn)
什么是子序列：
从最初序列通过去除某些元素但不打乱余下元素的相对位置（在前或则在后）而形成的新序列
从第一个字符开始遍历元素，找到从a到h[i]的字母，一旦发现能找到就交换并且缩短距离右边界，
一些小细节就是找到的字母中一定不能超过r边界，不然就不满足总序列的条件；其次我们用栈区存元素出现的下标，是为了让r在尽可能的范围内最小化缩短，这样可能可以交换更多的字母；
#include <bits/stdc++.h> using namespace std;
string s;
vector<int> v[30];
int N;
int main(){ cin >> N >> s; for(int i=0; i<N; i++)v[s[i] - 'a'].push_back(i); int r = N - 1; // 初始化r为字符串s的最后一个字符的索引 for(int l=0; l<N; l++){ int u = -1; // 用于存储找到的符合条件的字符的索引，初始化为-1 // 遍历从'a'到当前字符s[l]之间的所有字母（按ASCII码顺序） for(int j=0; j<s[l]-'a' && u == -1; j++){ // 移除当前vector中索引大于r的元素，因为这些元素在s[r]之后，不可能与s[l]交换 while(!v[j].empty() && v[j].back() > r) v[j].pop_back(); // 如果当前vector不为空，且最后一个元素的索引在[l+1, r]之间（即在当前字符s[l]之后但在s[r]之前或相等），则更新u if(!v[j].empty() && v[j].back() <= r && v[j].back() > l){ u = v[j].back(), v[j].pop_back(); // 更新u并移除该元素，因为已经找到并准备交换 } } // 如果找到了符合条件的字符（即u != -1），则交换s[l]和s[u]（或s[r]，因为r在循环开始前被设置为u） if(u != -1){ r = u; // 更新r为找到的字符的索引 swap(s[l], s[r]); // 交换字符 } } cout << s; // 输出排序后的字符串 return 0;
}
