一、问题
给你一个只包含正整数的非空数组nums。请你判断是否可以将这个数组分割成两个子集，使得两个子集的元素和相等。
二、求解思路1
动态规划解决
这题不能使用回溯算法来解决，如果数据量大的话就会超时。我们可以使用动态规划。
这题判断把数组分成两份，这两份的元素和是否相等。首先我们需要计算数组中所有元素的和sum，然后判断sum是否是偶数：如果不是偶数，说明不可能分割成完全相等的两份，直接返回false。
如 果 是 偶 数 ， 我 们 只 需 要 判 断 是 否 存 在 一 些 元 素 的 和 等 于 sum/2 ， 如 果 等 于sum/2，那么剩下的肯定也等于sum/2，说明我们可以把数组分为元素和相等的两部分。
那么这个时候问题就很明朗了，假设sum/2是一个背包的容量，我们只需要找出一些元素把他放到背包中，如果背包中元素的最大和等于sum/2，说明我们可以把数组分成完成相等的两份。这不就是经典的0-1背包问题吗。背包问题系列之-基础背包问题，具体可以看下，这里就不在重复介绍。我们在来找一下他的递推公式，定义dp[i][j]表示把第i个物品放到容量为j的背包中所获得的的最大值。
第i个物品的值是nums [i -1]：
如果nums [i -1]>j，说明背包容量不够，第i件物品放不进去，所以我们不能选择第i个物品，那么
dp[i][j]=dp[i -1][j]；
如 果 nums [i -1]<=j ， 说 明 可 以 把 第 j 个 物 品 放 到 背 包 中 ， 我 们 可 以 选择放也可以选择不放，取最大值即可，如果放就会占用一部分背包容量，最大价值是
dp[i][j]=dp[i-1][j-nums[i-1]]+nums[i-1]
如果不放
dp[i][j]=dp[i -1][j]；
取两者的最大值
最终递推公式和代码如下：
#include <vector>bool canPartition(std::vector<int>& nums) {// 计算数组中所有元素的和int sum = 0;for (int num : nums) {sum += num;}// 如果sum是奇数，说明数组不可能分成完全相等的两份if ((sum & 1) == 1) {return false;}// sum除以2int target = sum >> 1;int length = nums.size();std::vector<std::vector<int>> dp(length + 1, std::vector<int>(target + 1, 0));for (int i = 1; i <= length; ++i) {for (int j = 1; j <= target; ++j) {// 下面是递推公式if (j >= nums[i - 1]) {dp[i][j] = std::max(dp[i - 1][j], dp[i - 1][j - nums[i - 1]] + nums[i - 1]);} else {dp[i][j] = dp[i - 1][j];}}}// 判断背包最大是否能存放和为target的元素return dp[length][target] == target;
}
我们还可以这样写，二维数组dp是boolean类型，dp[i][j]表示数组中前i个元素的和是否可以组成和为j，很明显dp[0][0]=true，表示前0个元素（也就是没有元素）可以组成和为0。代码如下
#include <vector>bool canPartition(std::vector<int>& nums) {// 计算数组中所有元素的和int sum = 0;for (int num : nums) {sum += num;}// 如果sum是奇数，说明数组不可能分成完全相等的两份if ((sum & 1) == 1) {return false;}// sum除以2得到targetint target = sum >> 1;int length = nums.size();std::vector<std::vector<bool>> dp(length + 1, std::vector<bool>(target + 1, false));// base casedp[0][0] = true;for (int i = 1; i <= length; ++i) {for (int j = 0; j <= target; ++j) {// 递推公式if (j >= nums[i - 1]) {dp[i][j] = dp[i - 1][j] || dp[i - 1][j - nums[i - 1]];} else {dp[i][j] = dp[i - 1][j];}}}// 返回能否找到和为target的子集return dp[length][target];
}
我们看到上面二维数组计算的时候当前值只和上面一行有关，所以我们可以把它改成一维的，注意第二个for循环要倒叙，否则会把前面的值给覆盖掉导致结果错误，仔细看一下
dp[j] = (dp[j] || dp[j - nums [i - 1]]);
就明白了，相当于同一行后面的值依赖前面的，如果不是倒叙，前面的值被修改了，在计算后面的就会导致错误。我们来看下代码
#include <vector>bool canPartition(std::vector<int>& nums) {// 计算数组中所有元素的和int sum = 0;for (int num : nums) {sum += num;}// 如果sum是奇数，说明数组不可能分成完全相等的两份if ((sum & 1) == 1) {return false;}// sum除以2得到targetint target = sum >> 1;int length = nums.size();std::vector<bool> dp(target + 1, false);// base casedp[0] = true;for (int i = 0; i < length; ++i) {// 注意这里j要倒序for (int j = target; j >= nums[i]; --j) {// 递推公式dp[j] = dp[j] || dp[j - nums[i]];}}// 返回能否找到和为target的子集return dp[target];
}
三、求解思路2
DFS算法解决
每种元素可以选择也可以不选择，只需要判断他所有的可能组合中，元素和是否有等于sum/2的，我们可以把它看做是一棵二叉树，左子节点表示选择当前元素，右子节点表示不选择当前元素，如下图所示，橙色节点表示选择当前元素，蓝色表示不选择。
我们先看看初步实现代码
#include <vector>bool dfs(const std::vector<int>& nums, int target, int index) {// target等于0，说明存在一些元素的和等于sum/2，直接返回trueif (target == 0) return true;// 如果数组元素都找完了，或者target小于0，直接返回falseif (index == nums.size() || target < 0) return false;// 选择当前元素和不选择当前元素两种情况return dfs(nums, target - nums[index], index + 1) || dfs(nums, target, index + 1);
}bool canPartition(std::vector<int>& nums) {// 计算数组中所有元素的和int sum = 0;for (int num : nums) sum += num;// 如果sum是奇数，说明数组不可能分成完全相等的两份if ((sum & 1) == 1) return false;// 调用dfs函数return dfs(nums, sum >> 1, 0);
}
但很遗憾的是，因为计算量太大，会导致运行超时，我们可以优化一下，来看下代码
#include <vector>bool dfs(const std::vector<int>& nums, int index, int target, std::vector<std::vector<int>>& map) {// target等于0，说明存在一些元素的和等于sum/2，直接返回trueif (target == 0) return true;// 如果数组元素都找完了，或者target小于0，直接返回falseif (index >= nums.size() || target < 0) return false;// 如果此子问题已经被计算过，直接返回结果if (map[index][target] != -1) return map[index][target] == 1;// 选择当前元素bool select = dfs(nums, index + 1, target - nums[index], map);// 不选择当前元素bool unSelect = dfs(nums, index + 1, target, map);// 存储结果，并返回map[index][target] = select || unSelect ? 1 : 0;return select || unSelect;
}bool canPartition(std::vector<int>& nums) {// 计算数组中所有元素的和int sum = 0;for (int num : nums) sum += num;// 如果sum是奇数，说明数组不可能分成完全相等的两份if (sum % 2 != 0) return false;// sum除以2int target = sum / 2;std::vector<std::vector<int>> map(nums.size(), std::vector<int>(target + 1, -1));return dfs(nums, 0, target, map);
}
四、求解思路3
位运算解决
这里能使用位运算，关键在于题中的一些限制条件，比如正整数的非空数组，每个数组中的元素不会超过 100，数组的大小不会超过 200等。
原理很简单，我们只需要申请一个大小为 sum+1 的数组bits[ sum+1 ]，数组中的数字只能是0和1，我们可以把它想象为一个很长的二进制位，因为int和long类型太短了，我们这里使用的是数组。然后每遍历数组中的一个元素比如m，就把二进制位往左移m位然后在和原来的二进制位进行或运算。最后判断bits[ sum/2 ]是否是1，如果是1就返回true。文字叙述不是很直接，我们就以示例1为例来画个图看一下
最后你会发现一个规律，就是最后运算的结果只要是1的位置，都可以使用数组中的元素组合而成，只要是0的都不能使用数组中的元素组合而成，搞懂了上面的过程，代码就很容易写了。因为我们只需要判断二进制位中中间的那个值是否为1，所以我们只需要计算低位，高位完全不用计算，因为是往左移动的，高位不会对中间的值产生任何影响，所以这里能做一点优化，最后再来看下代码。
#include <vector>bool canPartition(std::vector<int>& nums) {// 计算数组中所有数字的和int sum = 0;for (int n : nums) {sum += n;}// 如果sum是奇数，直接返回falseif ((sum & 1) == 1) {return false;}int len = sum / 2;// 这里bits的长度是len+1，因为我们只需要计算低位就行了，没必要计算所有的std::vector<char> bits(len + 1, 0);bits[0] = 1;for (int num : nums) {for (int j = len - num; j >= 0; j--) {bits[j + num] |= bits[j];}// 判断中位数如果是1，说明可以分成两种相等的子集，直接返回true，不需要再计算了if ((bits[len] & 1) != 0) {return true;}}return false;
}
